一:實驗題
(l )偏小(2分) 甲圖(2分)
( 2 )① 將電鍵S1接1 記錄這時電壓表和電流表的示數U2、I2(2分) UU② =(RA+RP)+Rx =(RA+RP) ,兩式相減,消去(RA+RP),得出Rx,I1I2
避免了電流表引起的.測量誤差
Ⅱ.① 電路圖如圖② 36 , 200
二:計算題
10:解: (1) Ff = 1.0×1.5N=1.5N
(2)P=Fv=1.5×6W=9W
(3)x= x1+x2=42m
2
11:(1)正電荷(2)v2=22 m/s(3)代入前式①求得:B=2 T
v1 42 m/s E 2.4 N/C(4)
12:解:設B受到的最大靜摩擦力爲f1m,則f1m=μ1mBg=2.5N ①,設A受到的滑動摩擦力爲f2,則f2=μ2(mA+mB)g=4.0N ②,施加電場後,設A、B以相同的加速度向右做勻減速運動,加速度大小爲a,由牛頓第二定律
qE+f2=(mA+mB)a ③,解得a=2.0m/s2。設B受到的摩擦力爲f1,由牛頓第二定律得f1=mBa ④,解得f1=2.0N,由於f1<f1m,所以電場作用後,A、B仍保持相對靜止以相同加速度a向右做勻減速運動,A與擋板碰前瞬間,設A、B向右的共同速度爲v1,v12=v02-2aS ⑤,A與擋板碰後,以A、B系統爲研究對象 qE=f2 ⑥,故A、B系統動量守恆,設A、B向左共同速度爲v,規定向左爲正方向mAv1-mBv1=(mA+mB)v ⑦,設該過程中,B相對於A向右的位移爲S1,A向左的位移爲S2,由系統功能關係qES2-μ
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2(mA+mB)v2-2(mA+mB)v12 ⑧,[或寫爲μ1mgS1-μ2(mA+mB)gS2=
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2(mA+mB)v12-2(mA+mB)v2,同樣給這4分],A、B達到共同1mBgS1=
速度v後做勻速運動,要使B不從A上滑下S1≤L ⑨,解⑤⑦⑧⑨代入數據得S≥2.0m。